Background Image
Previous Page  95 / 130 Next Page
Information
Show Menu
Previous Page 95 / 130 Next Page
Page Background

Εκδόσεις ΜΠΑΧΑΡΑΚΗ – Τράπεζα Θεμάτων Μαθηματικά Κατεύθυνσης Β’

94

Είναι:

K A

K A

Λ

Λ

x x

y y

x

2 και y

2

2

2

 

.

Άρα Λ(-2,2). Η ακτίνα του

C

είναι

R

R 5

2

  

και η εξίσωσή του είναι:

2

2

C : x 2 y 2

25

 

 

.

Σε καρτεσιανό επίπεδο Oxy θεωρούμε τα σημεία A(1,0), B(3,

2) και την ευθεία

  

ε: x y 1 0

. Nα βρείτε:

α.

Την εξίσωση της μεσοκαθέτου του τμήματος ΑΒ.

(Μονάδες 10)

β.

Την εξίσωση του κύκλου που διέρχεται από τα σημεία Α, Β και έχει το κέντρο

του στην ευθεία ε.

(Μονάδες 15)

Απάντηση:

α.

Έστω Μ το μέσο του ΑΒ, τότε

B A

B A

M

M

x x

y y

x

2 και y

1

2

2

 

, άρα

Μ(2,-1).

Η ευθεία ΑΒ έχει συντελεστή διεύθυνσης

ΑΒ

2 0

λ

1

3 1

 

 

οπότε για τη

μεσοκάθετο

μ

του ΑΒ ισχύει ότι

ΑΒ

μ

μ

λ

λ

1

λ

1

   

.

Επομένως η εξίσωση της μεσοκαθέτου είναι η

y 1 x 2

y

x 3

     

.

β.

Έστω Κ το κέντρο του κύκλου που διέρχεται από τα Α και Β. Επειδή το Κ

ισαπέχει από τα Α και Β θα βρίσκεται στη μεσοκάθετο

 

μ

του ΑΒ. Όμως το Κ

ανήκει και στην

 

ε

και άρα οι συντεταγμένες του Κ θα βρεθούν από τη λύση

του συστήματος των

 

ε

και

 

μ

. Άρα:

x y 1 0 x x 3 1 0 x 1

y x 3

y

x 3

y

2

  

   

 

 

 

δηλαδή Κ(1,-2). Η ακτίνα του κύκλου είναι

 

2

2

R

KA 1 1 0 2

2

  

 

και η εξίσωσή του είναι:

 

2

2

C: x 1

y 2

4

 

 

.

ΘΕΜΑ 2 – 22536