Background Image
Previous Page  31 / 130 Next Page
Information
Show Menu
Previous Page 31 / 130 Next Page
Page Background

Εκδόσεις ΜΠΑΧΑΡΑΚΗ – Τράπεζα Θεμάτων Μαθηματικά Κατεύθυνσης Β΄

30

Επιπλέον είναι

   

α β 3λ 4λ 7λ

, άρα

  

α β α

β

και από το α

ερώτημα έχουμε ότι



α β

.

Για να δείξουμε ότι



β γ

, από α΄ ερώτημα αρκεί να δείξουμε ότι

  

β γ β γ

.

Από τη σχέση

  

α β γ 0

ισοδύναμα έχουμε ότι

  

α β γ

, οπότε

    

α (β γ) β γ

και επειδή

α 3λ

είναι

 

β γ 3λ

.

Επιπλέον είναι

 

  

β

γ 4λ 7λ 3λ

, αφού

λ 0

Άρα

  

β γ β γ

και από το α΄ ερώτημα έχουμε



β

γ

.

ii.

Βρήκαμε ότι



α

β

και



β

γ

άρα και



α

γ

, οπότε υπάρχει

k

, με

k 0

, ώστε

γ kα

. Όμως

 

α γ

3

7

 

3 γ

7 α

 

3 kα 7 α

3 k α 7 α

. Εδώ διακρίνουμε τις περιπτώσεις:

Αν

α 0

, τότε προφανώς και η σχέση

 

γ kα

  

γ k 0 0

, οπότε το

ζητούμενο γίνεται ισοδύναμα

   

7 0 3 0 0

που ισχύει.

Αν

  

α 0

α 0

, τότε από τη σχέση

3 k α 7 α

έπεται ότι

  

7

3 k 7 k

3

και αφού

k 0

, άρα

 

7

k

3

. Τότε η

 

γ kα

  

7

γ

α

3

  

 

7α 3γ 0

.

Άρα σε κάθε περίπτωση ισχύει ότι

7α 3γ 0

.